Seja [tex3]p > 2[/tex3]
[tex3]\left(\left( \dfrac{p-1}{2}\right)! \right)^2 \equiv (-1)^{\frac{p+1}{2}} (mod \,\, p)[/tex3]
um número primo. Demonstre queOlimpíadas ⇒ POTI - Teorema de Wilson Tópico resolvido
- goncalves3718
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Out 2020
19
00:59
Re: POTI - Teorema de Wilson
Como eu já coloquei nessa outra questão viewtopic.php?f=20&t=88568, os resíduos módulo p vêm em pares:
[tex3]x \equiv - (p-x) \mod(p) [/tex3]
Então os resíduos ficam assim:
[tex3]\begin{cases}
1 \equiv -(p-1) \\
2 \equiv -(p-2) \\
..... \\
\frac{p-3}{2} \equiv -(p-\frac{p-3}{2})=-\frac{p+3}{2} \\
\frac{p-1}{2} \equiv -(p-\frac{p-1}{2})=-\frac{p+1}{2}
\end{cases}[/tex3]
São [tex3]\frac{p-1}{2}[/tex3] pares, sendo assim:
[tex3](p-1)! \equiv (-1)^{\frac{p-1}{2}}\cdot \left(\left( \dfrac{p-1}{2}\right)! \right)^2 \mod(p) [/tex3]
Que pelo teorema de Wilson:
[tex3](-1)^{\frac{p-1}{2}}\cdot \left(\left( \dfrac{p-1}{2}\right)! \right)^2 \equiv -1\mod(p) [/tex3]
[tex3](-1)^{\frac{p-1}{2}}\cdot (-1)^{\frac{p-1}{2}}\cdot \left(\left( \dfrac{p-1}{2}\right)! \right)^2 \equiv (-1)\cdot (-1)^{\frac{p-1}{2}}\mod(p) [/tex3]
[tex3](-1)^{\frac{p-1+p-1}{2}}\cdot \left(\left( \dfrac{p-1}{2}\right)! \right)^2 \equiv(-1)^{\frac{p-1}{2}+1}\mod(p) [/tex3]
[tex3](-1)^{p-1}\cdot \left(\left( \dfrac{p-1}{2}\right)! \right)^2 \equiv(-1)^{\frac{p+1}{2}}\mod(p) [/tex3]
[tex3]\left(\left( \dfrac{p-1}{2}\right)! \right)^2 \equiv(-1)^{\frac{p+1}{2}}\mod(p) [/tex3]
[tex3]x \equiv - (p-x) \mod(p) [/tex3]
Então os resíduos ficam assim:
[tex3]\begin{cases}
1 \equiv -(p-1) \\
2 \equiv -(p-2) \\
..... \\
\frac{p-3}{2} \equiv -(p-\frac{p-3}{2})=-\frac{p+3}{2} \\
\frac{p-1}{2} \equiv -(p-\frac{p-1}{2})=-\frac{p+1}{2}
\end{cases}[/tex3]
São [tex3]\frac{p-1}{2}[/tex3] pares, sendo assim:
[tex3](p-1)! \equiv (-1)^{\frac{p-1}{2}}\cdot \left(\left( \dfrac{p-1}{2}\right)! \right)^2 \mod(p) [/tex3]
Que pelo teorema de Wilson:
[tex3](-1)^{\frac{p-1}{2}}\cdot \left(\left( \dfrac{p-1}{2}\right)! \right)^2 \equiv -1\mod(p) [/tex3]
[tex3](-1)^{\frac{p-1}{2}}\cdot (-1)^{\frac{p-1}{2}}\cdot \left(\left( \dfrac{p-1}{2}\right)! \right)^2 \equiv (-1)\cdot (-1)^{\frac{p-1}{2}}\mod(p) [/tex3]
[tex3](-1)^{\frac{p-1+p-1}{2}}\cdot \left(\left( \dfrac{p-1}{2}\right)! \right)^2 \equiv(-1)^{\frac{p-1}{2}+1}\mod(p) [/tex3]
[tex3](-1)^{p-1}\cdot \left(\left( \dfrac{p-1}{2}\right)! \right)^2 \equiv(-1)^{\frac{p+1}{2}}\mod(p) [/tex3]
[tex3]\left(\left( \dfrac{p-1}{2}\right)! \right)^2 \equiv(-1)^{\frac{p+1}{2}}\mod(p) [/tex3]
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- goncalves3718
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Out 2020
19
11:07
Re: POTI - Teorema de Wilson
Não entendi mas resíduo não tem que ter o elevado a [tex3]2[/tex3]
?- Ittalo25
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Out 2020
19
11:48
Re: POTI - Teorema de Wilson
No contexto de divisão, resíduo é simplesmente o resto que algum número x deixa quando é dividido por ygoncalves3718 escreveu: ↑19 Out 2020, 11:07 Não entendi mas resíduo não tem que ter o elevado a [tex3]2[/tex3] ?
[tex3]x \equiv a \mod(y) [/tex3]
a é resíduo
[tex3]x^2 \equiv a \mod(y) [/tex3]
a é resíduo quadrático
[tex3]x^3 \equiv a \mod(y) [/tex3]
a é resíduo cúbico
Cubic reciprocity
[tex3]x^4 \equiv a \mod(y) [/tex3]
Quartic reciprocity
etc....
quando é resíduo quadrático, eles têm o mesmo sinal, já que estão elevados ao quadrado: [tex3]x^2 \equiv (p-x)^2 \mod(p) [/tex3]
Mas quando não, eles têm sinais opostos: [tex3]x \equiv - (p-x) \mod(p) [/tex3] , por isso que apareceu aquele [tex3](-1)^{\frac{p-1}{2}}[/tex3]
Editado pela última vez por Ittalo25 em 19 Out 2020, 11:52, em um total de 1 vez.
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- goncalves3718
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