O teorema de Euler é um dos principais e primeiros teoremas na cinemática do corpo rígido. Para enunciá-lo, é preciso definir matematicamente um corpo rígido:
Um conjunto [tex3]\mathcal C[/tex3]
de pontos é dito "corpo rígido" quando, ao realizar um movimento, as distâncias entre quaisquer dois pontos de [tex3]\mathcal C[/tex3]
não se alteram, ou seja, dados [tex3]P[/tex3]
e [tex3]Q[/tex3]
arbitrários em [tex3]\mathcal C[/tex3]
, então [tex3]|\overrightarrow{PQ}| = |\overrightarrow{P'Q'}|[/tex3]
sendo [tex3]P'[/tex3]
e [tex3]Q'[/tex3]
as respectivas imagens de [tex3]P[/tex3]
e [tex3]Q[/tex3]
após o movimento.
Note-se que ser corpo rígido não é uma propriedade inerente a qualquer objeto, pois um objeto pode ser corpo rígido quando se considera sua translação, mas o mesmo objeto não será um corpo rígido ao se analisar sua ruptura, deformação ou dilatação térmica. O corpo rígido é uma caracterização mais própria do movimento do que do objeto que se move, apesar de um líquido dificilmente ser um corpo rígido.
Também é importante frisar que os movimentos na física são dados geralmente por variações de posição contínuas no tempo. De forma que se pode marcar um instante de tempo [tex3]t[/tex3]
, em que a distância entre [tex3]P[/tex3]
e [tex3]P'[/tex3]
seja tão pequena quanto se queira. A imagem de [tex3]P[/tex3]
não pode saltar para uma distância grande de [tex3]P[/tex3]
de forma descontínua. Os movimentos considerados, na verdade, são considerados isometrias (transformações que preservam as distâncias) arbitrárias.
Haverá um abuso de linguagem: por "esfera" deve-se compreender na verdade a casca esférica mais exterior a tal esfera. De forma que as esferas descritas nessa prova são "ocas": são superfícies e não volumes.
Vamos a alguns lemas:
Lema 1: Dada uma esfera [tex3]\mathcal S[/tex3]
de centro [tex3]O[/tex3]
e um círculo [tex3]\gamma = \odot (o,r) \subset \mathcal S[/tex3]
, com [tex3]r \neq 0[/tex3]
, então a imagem de [tex3]\gamma[/tex3]
, depois de um movimento isométrico arbitrário dos pontos de [tex3]\mathcal S[/tex3]
, será um novo círculo, [tex3]\gamma '[/tex3]
, de raio [tex3]r[/tex3]
.
Prova:
Seja [tex3]P[/tex3]
um dos pontos de encontro de [tex3]\mathcal S[/tex3]
com a reta [tex3]\overleftrightarrow{oO}[/tex3]
(caso [tex3]o=O[/tex3]
, considere [tex3]P[/tex3]
um dos pontos de encontro da reta perpendicular ao plano de [tex3]\gamma[/tex3]
que passe por [tex3]O[/tex3]
com [tex3]\mathcal S[/tex3]
), então para um dado [tex3]X \in \gamma[/tex3]
, tem-se [tex3]PX = \sqrt{oP^2 + r^2}[/tex3]
, que é uma constante pra qualquer [tex3]X[/tex3]
arbitrário.
Sendo então [tex3]P'[/tex3]
a imagem de [tex3]P[/tex3]
em relação ao movimento de corpo rígido de [tex3]\mathcal S[/tex3]
e [tex3]X'[/tex3]
a imagem de [tex3]X[/tex3]
, deve-se ter: [tex3]\overline{P'X'} = \overline{PX}[/tex3]
, então os pontos [tex3]X'[/tex3]
da imagem de [tex3]\gamma[/tex3]
estão no encontro de [tex3]\mathcal S[/tex3]
com a esfera centrada em [tex3]P'[/tex3]
de raio [tex3]P'X' = PX[/tex3]
. As duas esferas são sempre secantes, pois [tex3]P' \in \mathcal S[/tex3]
.O encontro de duas esferas secantes é sempre um círculo, logo [tex3]\gamma'[/tex3]
é um círculo.
Tome três pontos [tex3]A,B[/tex3]
e [tex3]C[/tex3]
em [tex3]\gamma[/tex3]
. Suas imagens serão os pontos [tex3]A',B'[/tex3]
e [tex3]C'[/tex3]
, e, do vínculo de corpo rígido: [tex3]\overline{AB} = \overline{A'B'}, \overline{AC} = \overline{A'C'}[/tex3]
e [tex3]\overline{BC} =\overline{B'C'}[/tex3]
; logo, [tex3]\triangle ABC \cong \triangle A'B'C'[/tex3]
por [tex3]L-L-L[/tex3]
e seus circuncírculos também são congruentes (possuem o mesmo raio): [tex3]\gamma \cong \gamma'. \square[/tex3]
Lema 2: Toda isometria em um círculo corresponde ou a uma rotação por um ângulo fixo, ou a uma reflexão em relação a um diâmetro do círculo, ou ainda a uma composição de rotação com reflexão.
Prova:
Sejam os pontos [tex3]A,B[/tex3]
e [tex3]C[/tex3]
no círculo tais que [tex3]B[/tex3]
esteja entre [tex3]A[/tex3]
e [tex3]C[/tex3]
no sentido anti-horário, com [tex3]\widehat{AC} < 180^{\circ}[/tex3]
(sentido anti-horário). Se houver um ponto [tex3]A[/tex3]
tal que [tex3]A=A'[/tex3]
, então [tex3]B' \in \odot (A,AB) \cap \odot (ABC)[/tex3]
, donde ou [tex3]B=B'[/tex3]
ou [tex3]B'[/tex3]
é o reflexo de [tex3]B[/tex3]
em relação ao diâmetro de [tex3]\omega = (ABC)[/tex3]
que passa por [tex3]A[/tex3]
. Se [tex3]B=B'[/tex3]
, mas pelo mesmo argumento, ou [tex3]C' = C[/tex3]
, ou [tex3]C'[/tex3]
é o reflexo de [tex3]C[/tex3]
em relação ao diâmetro de [tex3]\omega[/tex3]
que contém [tex3]A[/tex3]
, mas [tex3]BC = BC'[/tex3]
implica que [tex3]B[/tex3]
está na mediatriz de [tex3]CC'[/tex3]
que ou é o diâmetro de [tex3]\omega[/tex3]
que passa por [tex3]A[/tex3]
,absurdo, ou é o próprio plano, pois [tex3]C=C'[/tex3]
, que é a única opção. Logo, se [tex3]A=A'[/tex3]
e [tex3]B=B'[/tex3]
, a isometria deve ser a identidade.
Se [tex3]A=A'[/tex3]
e [tex3]B'[/tex3]
é o reflexo de [tex3]B[/tex3]
em relação ao diâmetro [tex3]AA^*[/tex3]
([tex3]A^*[/tex3]
é o antípoda de [tex3]A[/tex3]
em [tex3]\omega[/tex3]
), se [tex3]C=C'[/tex3]
, então [tex3]\overline{B'C'} = \overline{BC} = \overline{B'C}[/tex3]
, então [tex3]C[/tex3]
estaria na mediatriz de [tex3]BB'[/tex3]
, que é [tex3]AA^*[/tex3]
, logo [tex3]C= A[/tex3]
ou [tex3]C = A^*[/tex3]
, absurdo. Então [tex3]C'[/tex3]
é o reflexo de [tex3]C[/tex3]
em relação a [tex3]AA^*[/tex3]
para todo [tex3]C[/tex3]
. Então a isometria nesse caso seria a reflexão em relação ao diâmetro por [tex3]A[/tex3]
.
Suponha então que não haja um ponto que seja igual à sua imagem. Sejam [tex3]A'[/tex3]
a imagem de [tex3]A[/tex3]
, [tex3]O[/tex3]
o centro de [tex3]\omega[/tex3]
e [tex3]\alpha := \angle AOA' >0[/tex3]
o ângulo orientado entre [tex3]A[/tex3]
e [tex3]A'[/tex3]
. Como [tex3]\overline{A'B'} = \overline{AB}[/tex3]
, então ou [tex3]B'[/tex3]
é a rotação de [tex3]B[/tex3]
num ângulo [tex3]\alpha[/tex3]
, ou é a reflexão deste último ponto em relação ao diâmetro [tex3]A'O[/tex3]
. Fazendo um raciocínio análogo ao do parágrafo anterior: ou a isometria é uma simples rotação de um ângulo [tex3]\alpha[/tex3]
para todo ponto, ou ela é uma rotação seguida de reflexão em relação ao diâmetro [tex3]A'O[/tex3]
para algum [tex3]A'[/tex3]
. [tex3]\square[/tex3]
Lema 3: Se for encontrado um ponto [tex3]P[/tex3]
sobre uma esfera [tex3]\mathcal S[/tex3]
tal que a imagem de [tex3]P[/tex3]
após uma isometria corresponda à posição do próprio [tex3]P[/tex3]
, ou seja, [tex3]P=P'[/tex3]
, então a isometria é indistinguível de uma rotação da esfera pelo diâmetro que contém [tex3]P[/tex3]
, a menos que haja reflexão.
Prova: Seja o ponto [tex3]P^*[/tex3]
o antípoda de [tex3]P[/tex3]
em [tex3]\mathcal S[/tex3]
, ou seja, [tex3]PP^*[/tex3]
é diâmetro de [tex3]\mathcal S[/tex3]
. Seja [tex3]\pi[/tex3]
um plano qualquer perpendicular a [tex3]PP^*[/tex3]
que corte [tex3]\mathcal S[/tex3]
em um círculo [tex3]\gamma[/tex3]
. Do lema 1, sabemos que [tex3]\gamma ' = \gamma[/tex3]
, ou seja, todos os pontos do círculo [tex3]\gamma[/tex3]
serão levados a [tex3]\gamma'[/tex3]
em alguma ordem.
Segundo o lema 2, podemos ter uma isometria trivial, que não altera a posição de nenhum ponto de [tex3]\gamma[/tex3]
: Seja [tex3]\Gamma[/tex3]
outro círculo em [tex3]\mathcal S[/tex3]
, cujo plano seja perpendicular a [tex3]PP^*[/tex3]
e seja [tex3]Q \in \Gamma[/tex3]
um ponto genérico. A esfera centrada em [tex3]P[/tex3]
e de raio [tex3]PQ[/tex3]
intersecta [tex3]\mathcal S[/tex3]
no plano perpendicular a [tex3]OP[/tex3]
que passa por [tex3]Q[/tex3]
. Esse plano corta o plano de [tex3]\Gamma[/tex3]
em uma reta secante a [tex3]\Gamma[/tex3]
em [tex3]Q[/tex3]
a qual pode girar livremente de acordo com [tex3]P[/tex3]
, logo existe um ponto [tex3]P_1 \in \gamma[/tex3]
tal que essa reta é tangente à [tex3]\Gamma[/tex3]
por [tex3]Q[/tex3]
, para qualquer [tex3]Q[/tex3]
. De forma mais explicita, [tex3]P_1QoO[/tex3]
são coplanares, onde [tex3]o[/tex3]
é centro de [tex3]\gamma[/tex3]
.
Se o ponto [tex3]P_1[/tex3]
for fixo na isometria em [tex3]\gamma[/tex3]
o ponto [tex3]Q[/tex3]
deverá ser fixo na isometria em [tex3]\Gamma[/tex3]
. Basta tomar três pontos distintos e não antipodais entre si em [tex3]\Gamma[/tex3]
para constar que a isometria em [tex3]\Gamma[/tex3]
deverá ser a trivial. Logo a isometria sobre [tex3]\mathcal S[/tex3]
é a trivial.
Outra possibilidade é a de haver reflexão em relação a um diâmetro [tex3]AA^*[/tex3]
de [tex3]\gamma[/tex3]
. Neste caso, basta tomar o plano [tex3]\beta[/tex3]
, formado por [tex3]AA^*[/tex3]
e [tex3]P[/tex3]
, que o ponto [tex3]A[/tex3]
corresponderá ao ponto [tex3]P_1[/tex3]
de [tex3]Q = \beta \cap \Gamma[/tex3]
. Sendo [tex3]A[/tex3]
fixo, [tex3]Q[/tex3]
deverá ser fixo bem como seu antípoda em [tex3]\Gamma[/tex3]
, e não podendo [tex3]\Gamma[/tex3]
estar sob a isometria trivial, tem-se que [tex3]\Gamma[/tex3]
também sofre uma reflexão em relação ao plano [tex3]\beta[/tex3]
. Logo, a esfera como um todo sofre uma reflexão ao redor do plano [tex3]\beta[/tex3]
, que não pode ser escrita como rotação.
A última possibilidade é de haver rotação em [tex3]\gamma[/tex3]
de um certo ângulo [tex3]\alpha[/tex3]
. Pelo mesmo argumento, deverá ocorrer a rotação de [tex3]\alpha[/tex3]
em [tex3]\Gamma[/tex3]
, o que corresponde a uma rotação da esfera em torno de [tex3]PP^*[/tex3]
de um ângulo [tex3]\alpha. \square[/tex3]
Teorema de Euler: Movimentos de corpo rígido em uma esfera que preservam a orientação (que não transformam esquerda em direita, como ocorre em uma reflexão), sempre admitem um ponto fixo, um ponto que permanece inalterado após o movimento.
Prova: Seja um círculo máximo (círculo cujo centro é o mesmo da esfera) azul. O lema 1 garante que o movimento arbitrário o levará a um outro círculo máximo, em vermelho, conforme a figura abaixo:
Seja o ponto [tex3]A[/tex3]
um dos pontos de interseção entre os círculos azul e vermelho (caso os círculos coincidam, [tex3]A[/tex3]
pode ser qualquer ponto no círculo). Note que as interseções entre os círculos consistem, via de regra, em [tex3]A[/tex3]
e seu antípoda.
Se a imagem de [tex3]A[/tex3]
for ele próprio, então o diâmetro da esfera que contém [tex3]A[/tex3]
é fixo pois seu antípoda [tex3]A^*[/tex3]
será fixo, uma vez que a reflexão em relação ao plano mediador de [tex3]AA^*[/tex3]
preservará a distância entre [tex3]A[/tex3]
e sua imagem.
Se a imagem de [tex3]A[/tex3]
for o ponto [tex3]\alpha[/tex3]
, e sua pré-imagem (o ponto no círculo azul que será levado a [tex3]A[/tex3]
) for [tex3]\text a[/tex3]
, então pode-se construir o ponto fixo [tex3]P[/tex3]
da seguinte maneira: basta tomar um dos encontros entre os planos mediadores de [tex3]A\alpha[/tex3]
e [tex3]A\text a[/tex3]
e a esfera, note que o outro encontro é o antípoda de [tex3]P[/tex3]
. Como [tex3]P[/tex3]
está no plano mediador de [tex3]A \alpha[/tex3]
, então [tex3]\overline{PA} = \overline{P\alpha}[/tex3]
, analogamente [tex3]\overline{P \text a} = \overline{PA}[/tex3]
, então [tex3]\overline{P\alpha} = \overline{P \text a}[/tex3]
.
Suponha que a imagem de [tex3]P[/tex3]
no movimento seja [tex3]P'[/tex3]
.
Pelo vínculo de corpo rígido, [tex3]\triangle \text aPA \cong \triangle AP'\alpha[/tex3]
por [tex3]L-L-L[/tex3]
, e [tex3]\triangle \alpha PA \cong \triangle AP \text a[/tex3]
por construção do ponto [tex3]P[/tex3]
. Em particular, isso implica que só há duas opções para [tex3]P'[/tex3]
: ou [tex3]P'=P[/tex3]
e [tex3]P[/tex3]
é ponto fixo, ou [tex3]P'[/tex3]
é a reflexão de [tex3]P[/tex3]
em relação a um dos planos bissetores dos círculos azul e vermelho, porém essa reflexão inverteria a orientação de [tex3]P[/tex3]
em relação a [tex3]A[/tex3]
, logo [tex3]P[/tex3]
é ponto fixo.[tex3]\square[/tex3]
Esse teorema, junto com o lema 3, diz que o único movimento contínuo no tempo que uma esfera rígida pode efetuar em torno de seu centro é uma rotação, e, um corolário interessante é que a composição de rotações em uma esfera é uma nova rotação. Então, pode-se decompor as rotações de forma semelhante aos deslocamentos (apesar de rotações em si não serem vetores - velocidade angular é uma taxa de rotação no tempo).
Física I ⇒ Demonstração - teorema de Euler das rotações
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Ago 2021
28
20:28
Demonstração - teorema de Euler das rotações
φως εσύ και καρδιά μου εγώ πόσο σ' αγαπώ.
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Ago 2021
31
18:29
Re: Demonstração - teorema de Euler das rotações
Errata: creio que a reflexão seja no plano do círculo vermelho, o que não muda muita coisa na prova. O fato de [tex3]P'[/tex3] só ter duas opções decorre do fato de ele se localizar sobre um círculo, cujo centro é o pé da altura de [tex3]P[/tex3] em relação ao segmento de reta [tex3]A\alpha[/tex3] e cujo raio é a medida dessa altura. O círculo, secante por construção, só pode encontrar a esfera em dois pontos. O fato de [tex3]P'[/tex3] estar sobre o círculo decorre diretamente do fato de [tex3]\triangle \alpha P'A \cong \triangle \alpha PA[/tex3] , pois o pé das alturas de [tex3]P[/tex3] e [tex3]P'[/tex3] devem estar sobre a reta [tex3]A\alpha[/tex3] e terem as mesmas distâncias até [tex3]A[/tex3] e até [tex3]\alpha[/tex3] , sendo, portanto, obrigatoriamente o mesmo ponto.FelipeMartin escreveu: ↑28 Ago 2021, 20:28
Pelo vínculo de corpo rígido, [tex3]\triangle \text aPA \cong \triangle AP'\alpha[/tex3] por [tex3]L-L-L[/tex3] , e [tex3]\triangle \alpha PA \cong \triangle AP \text a[/tex3] por construção do ponto [tex3]P[/tex3] . Em particular, isso implica que só há duas opções para [tex3]P'[/tex3] : ou [tex3]P'=P[/tex3] e [tex3]P[/tex3] é ponto fixo, ou [tex3]P'[/tex3] é a reflexão de [tex3]P[/tex3] em relação a um dos planos bissetores dos círculos azul e vermelho,
Editado pela última vez por FelipeMartin em 31 Ago 2021, 18:48, em um total de 2 vezes.
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