Utilize a mudança de variavel x=[tex3]\sqrt{u}[/tex3]
[tex3]\int\limits_{R}^{}xe^(x^2+y)dxdy[/tex3]
em que R é a região do primeiro quadrante limitada pela parabola y=1-x^2 e pelas retas x=0 e y=0
RESP= 1/2
e y=v para calcular a dupla integral:Olá, Comunidade!
Vocês devem ter notado que o site ficou um período fora do ar (do dia 26 até o dia 30 de maio de 2024).
Consegui recuperar tudo, e ainda fiz um UPGRADE no servidor! Agora estamos em um servidor dedicado no BRASIL!
Isso vai fazer com que o acesso fique mais rápido (espero )
Já arrumei os principais bugs que aparecem em uma atualização!
Mas, se você encontrar alguma coisa diferente, que não funciona direito, me envie uma MP avisando que eu arranjo um tempo pra arrumar!
Vamos crescer essa comunidade juntos
Grande abraço a todos,
Prof. Caju
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Ensino Superior ⇒ Integral dupla com mudança de variavel!Ajuuuda Tópico resolvido
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Jul 2018
18
12:18
Re: Integral dupla com mudança de variavel!Ajuuuda
Observe
[tex3]\int\limits_{}^{}\int\limits_{R}^{}x.e^{x^2+y}dxdy[/tex3]
Solução
Fazendo a mudança de variáveis, temos que;
[tex3]\begin{cases}
x=\sqrt{u} \\
y=v
\end{cases}[/tex3]
Então;
[tex3]\frac{\partial(x,y) }{\partial (u,v)}= \left| \begin{array}{rcr}
\frac{\partial x}{\partial u} & \frac{\partial x }{\partial v} \\
\frac{\partial y}{\partial u} & \frac{\partial y }{\partial v} \\
\end{array} \right| = \left| \begin{array}{rcr}
\ \frac{\sqrt{u}}{2u} & 0 \\
\ 0 & 1 \\
\end{array} \right|=\frac{\sqrt{u}}{2u}[/tex3]
Logo,
[tex3]dxdy = \left| \begin{array}{rcr}
\ \frac{{\partial(x,y) }}{{\partial(u,v) }}\\ \end{array} \right|dvdu=\frac{\sqrt{u}}{2u} \ dvdu [/tex3]
Por outro lado,
0 ≤ x ≤ 1( primeiro quadrante, ver figura )) → 0 ≤ u ≤ 1
e
0 ≤ y ≤ 1 - x² ( primeiro quadrante, ver figura ) → 0 ≤ v ≤ 1 - u
Assim;
[tex3]\frac{1}{2}.\int\limits_{0}^{1}\int\limits_{0}^{1-u}\frac{\sqrt{u}.\sqrt{u}.e^{u+v}}{u}dvdu=[/tex3]
[tex3]\frac{1}{2}.\int\limits_{0}^{1}\int\limits_{0}^{1-u}e^{u+v}dvdu=[/tex3]
[tex3]\frac{1}{2}.\int\limits_{0}^{1}[e^{u+v}]_{0}^{1-u}du=[/tex3]
[tex3]\frac{1}{2}.\int\limits_{0}^{1}(e-e^{u})du=[/tex3]
[tex3]\frac{1}{2}.[u.e-e^{u}]_{0}^{1}=[/tex3]
= ( 1/2 ).( e - e + 1 ) = 1/2
Portanto, o valor da integral dupla dada é 1/2.
Nota
Mais uma vez , deixo como exercício para você desenhar o gráfico da inversa , já que houve mudança de variáveis!
Bons estudos!
[tex3]\int\limits_{}^{}\int\limits_{R}^{}x.e^{x^2+y}dxdy[/tex3]
Solução
Fazendo a mudança de variáveis, temos que;
[tex3]\begin{cases}
x=\sqrt{u} \\
y=v
\end{cases}[/tex3]
Então;
[tex3]\frac{\partial(x,y) }{\partial (u,v)}= \left| \begin{array}{rcr}
\frac{\partial x}{\partial u} & \frac{\partial x }{\partial v} \\
\frac{\partial y}{\partial u} & \frac{\partial y }{\partial v} \\
\end{array} \right| = \left| \begin{array}{rcr}
\ \frac{\sqrt{u}}{2u} & 0 \\
\ 0 & 1 \\
\end{array} \right|=\frac{\sqrt{u}}{2u}[/tex3]
Logo,
[tex3]dxdy = \left| \begin{array}{rcr}
\ \frac{{\partial(x,y) }}{{\partial(u,v) }}\\ \end{array} \right|dvdu=\frac{\sqrt{u}}{2u} \ dvdu [/tex3]
Por outro lado,
0 ≤ x ≤ 1( primeiro quadrante, ver figura )) → 0 ≤ u ≤ 1
e
0 ≤ y ≤ 1 - x² ( primeiro quadrante, ver figura ) → 0 ≤ v ≤ 1 - u
Assim;
[tex3]\frac{1}{2}.\int\limits_{0}^{1}\int\limits_{0}^{1-u}\frac{\sqrt{u}.\sqrt{u}.e^{u+v}}{u}dvdu=[/tex3]
[tex3]\frac{1}{2}.\int\limits_{0}^{1}\int\limits_{0}^{1-u}e^{u+v}dvdu=[/tex3]
[tex3]\frac{1}{2}.\int\limits_{0}^{1}[e^{u+v}]_{0}^{1-u}du=[/tex3]
[tex3]\frac{1}{2}.\int\limits_{0}^{1}(e-e^{u})du=[/tex3]
[tex3]\frac{1}{2}.[u.e-e^{u}]_{0}^{1}=[/tex3]
= ( 1/2 ).( e - e + 1 ) = 1/2
Portanto, o valor da integral dupla dada é 1/2.
Nota
Mais uma vez , deixo como exercício para você desenhar o gráfico da inversa , já que houve mudança de variáveis!
Bons estudos!
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