Solução do Problema 163
A informação valiosa é que a potência se mantém constante; ainda, o movimento é unidimensional
e sem atrito.
[tex3]P=\frac{W}{t}=\frac{F.x}{t}=(ma)v=\left(m\frac{v}{t}\right)v=\frac{mv^2}{t}[/tex3]
Isolando a velocidade:
[tex3]v^2=\frac{Pt}{m}[/tex3]
Como [tex3]P[/tex3]
e [tex3]m[/tex3]
são constantes, o quadrado da velocidade depende apenas de t. Letra C.
------------------------------------------
Problema 164
(ITA - 2010) No plano inclinado, o corpo de massa [tex3]m[/tex3]
é preso a uma mola de constante elástica [tex3]k[/tex3]
, sendo
barrado à frente por um anteparo. Com a mola no seu comprimento natural, o anteparo, de alguma
forma, inicia seu movimento de descida com uma aceleração constante [tex3]a[/tex3]
. Durante parte dessa descida, o
anteparo mantém contato com o corpo, dele se separando somente após um certo tempo. Desconsiderando
quaisquer atritos, podemos afirmar que a variação máxima do comprimento da mola é dada por:
a) [tex3]\left[m\cdot g\cdot \sen(\alpha)+m\sqrt{a(2\cdot g\cdot \sen(\alpha)+a)}\right]/k[/tex3]
b) [tex3]\left[m\cdot g\cdot \cos(\alpha)+m\sqrt{a(2\cdot g\cdot \cos(\alpha)+a)}\right]/k[/tex3]
c) [tex3]\left[m\cdot g\cdot \sen(\alpha)+m\sqrt{a(2\cdot g\cdot \sen(\alpha)-a}\right]/k[/tex3]
d) [tex3]m(g\cdot\sen(\alpha)-a)/k[/tex3]
e) [tex3]m\cdot g\cdot\sen(\alpha)/k[/tex3]
Olá, Comunidade!
Vocês devem ter notado que o site ficou um período fora do ar (do dia 26 até o dia 30 de maio de 2024).
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Já arrumei os principais bugs que aparecem em uma atualização!
Mas, se você encontrar alguma coisa diferente, que não funciona direito, me envie uma MP avisando que eu arranjo um tempo pra arrumar!
Vamos crescer essa comunidade juntos
Grande abraço a todos,
Prof. Caju
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Maratonas de Física ⇒ II Maratona de Física IME/ITA
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Set 2012
24
12:54
Re: II Maratona de Física IME/ITA
Solução do problema 164
No instante em que perde o contato com o anteparo, o corpo sofre a atuaçãode uma força resultante F dada por:
[tex3]F=P*\sen (\alpha)-F_{elastica}\,\,\rightarrow \,\,\,x_1=\frac{m[g\sen (\alpha)-a]}{k}[/tex3]
E sua velocidade V é dada por:
[tex3]V^2=2ax_1=\frac{2\,a\,m[g\sen (\alpha)-a]}{k}[/tex3]
Usando o índice 1 para indicar a posição do corpo logo após a perda do contato com o anteparo, e 2 para indicar a posição em que a velocidade do corpo é igual a zero, temos:
[tex3]E_{elastica \,1}+E_{gravitacional\,1}+E_{cinetica\,1}=E_{elastica \,2}+\cancelto{0}{E_{gravitacional \,2}}+\cancelto{0}{E_{cinetica\,2}}\\\\\frac{k\,x_2^2}{2}=\frac{kx_1^2}{2}+\frac{mV^2}{2}+mg(x_2-x_1)\sen (\alpha)\\\\\frac{k\,x_2^2}{2}-mg\sen (\alpha)x^2=\frac{km^2[g\sen (\alpha)-a]^2}{2\,k^2}+\frac{2\,a\,m^2[g\sen (\alpha)-a]}{2k}\\\\k\,x_2^2-2mg\sen (\alpha)x^2=\frac{m^2[g\sen (\alpha)-a]^2}{\,k}+\frac{2\,a\,m^2[g\sen (\alpha)-a]}{k}[/tex3]
Simplificando e resolvendo a equação, chegaremos em dois possíveis resultados para [tex3]x_2[/tex3] :
[tex3]\frac{mg\sen (\alpha)+m\sqrt{a(2g\sen (\alpha)-a)}}{k}[/tex3] ou [tex3]\frac{mg\sen (\alpha)-m\sqrt{a(2g\sen (\alpha)-a)}}{k}[/tex3]
Como pede-se o maior valor de [tex3]x_2[/tex3] , devemos escolher [tex3]\frac{mg\sen (\alpha)+m\sqrt{a(2g\sen (\alpha)-a)}}{k}[/tex3] .
Alternativa C.
---------------------------------------------------------------------------
Problema 165
Suponha um cenário de ficção científica em que a Terra é atingida por um imenso meteoro. Em consequência do impacto, somente o módulo da velocidade da Terra é alterado, sendo [tex3]V_0[/tex3] seu valor imediatamente após o impacto, como mostra a figura adiante. O meteoro colide com a Terra exatamente na posição onde a distância entre a Terra e o Sol é mínima (distância OA = R na figura). Considere a atração gravitacional exercida pelo Sol, tido como referencial inercial, como única força de interação que atua sobre a Terra após a colisão, e designe por M a massa do Sol e por G a constante da gravitação universal. Considere ainda que o momento angular da Terra seja conservado, isto é, a quantidade de módulo [tex3]m\,|r|\,|V|\,\sen (\alpha )[/tex3] permanece constante ao longo da nova trajetória elíptica da Terra em torno do Sol (nessa expressão, m é a massa da Terra, r é o módulo do vetor posição da Terra em relação ao Sol, |V| o módulo da velocidade da Terra e [tex3]\alpha[/tex3] o ângulo entre r e V). A distância (OB), do apogeu ao centro do Sol, da trajetória que a Terra passa a percorrer após o choque com o meteoro, é dada pela relação:
a) [tex3]\frac{R^2V_0^2}{2GM-RV_0^2}[/tex3]
b) [tex3]\frac{R^2V_0^2}{2GM+RV_0^2}[/tex3]
c) [tex3]\frac{R^2V_0^2\,\sen ^2(\alpha)}{2GM+RV_0^2}[/tex3]
d) [tex3]\frac{R^2V_0^2}{2GM+RV_0^2\,\sen ^2(\alpha )}[/tex3]
e) [tex3]\Re[/tex3]
No instante em que perde o contato com o anteparo, o corpo sofre a atuaçãode uma força resultante F dada por:
[tex3]F=P*\sen (\alpha)-F_{elastica}\,\,\rightarrow \,\,\,x_1=\frac{m[g\sen (\alpha)-a]}{k}[/tex3]
E sua velocidade V é dada por:
[tex3]V^2=2ax_1=\frac{2\,a\,m[g\sen (\alpha)-a]}{k}[/tex3]
Usando o índice 1 para indicar a posição do corpo logo após a perda do contato com o anteparo, e 2 para indicar a posição em que a velocidade do corpo é igual a zero, temos:
[tex3]E_{elastica \,1}+E_{gravitacional\,1}+E_{cinetica\,1}=E_{elastica \,2}+\cancelto{0}{E_{gravitacional \,2}}+\cancelto{0}{E_{cinetica\,2}}\\\\\frac{k\,x_2^2}{2}=\frac{kx_1^2}{2}+\frac{mV^2}{2}+mg(x_2-x_1)\sen (\alpha)\\\\\frac{k\,x_2^2}{2}-mg\sen (\alpha)x^2=\frac{km^2[g\sen (\alpha)-a]^2}{2\,k^2}+\frac{2\,a\,m^2[g\sen (\alpha)-a]}{2k}\\\\k\,x_2^2-2mg\sen (\alpha)x^2=\frac{m^2[g\sen (\alpha)-a]^2}{\,k}+\frac{2\,a\,m^2[g\sen (\alpha)-a]}{k}[/tex3]
Simplificando e resolvendo a equação, chegaremos em dois possíveis resultados para [tex3]x_2[/tex3] :
[tex3]\frac{mg\sen (\alpha)+m\sqrt{a(2g\sen (\alpha)-a)}}{k}[/tex3] ou [tex3]\frac{mg\sen (\alpha)-m\sqrt{a(2g\sen (\alpha)-a)}}{k}[/tex3]
Como pede-se o maior valor de [tex3]x_2[/tex3] , devemos escolher [tex3]\frac{mg\sen (\alpha)+m\sqrt{a(2g\sen (\alpha)-a)}}{k}[/tex3] .
Alternativa C.
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Problema 165
Suponha um cenário de ficção científica em que a Terra é atingida por um imenso meteoro. Em consequência do impacto, somente o módulo da velocidade da Terra é alterado, sendo [tex3]V_0[/tex3] seu valor imediatamente após o impacto, como mostra a figura adiante. O meteoro colide com a Terra exatamente na posição onde a distância entre a Terra e o Sol é mínima (distância OA = R na figura). Considere a atração gravitacional exercida pelo Sol, tido como referencial inercial, como única força de interação que atua sobre a Terra após a colisão, e designe por M a massa do Sol e por G a constante da gravitação universal. Considere ainda que o momento angular da Terra seja conservado, isto é, a quantidade de módulo [tex3]m\,|r|\,|V|\,\sen (\alpha )[/tex3] permanece constante ao longo da nova trajetória elíptica da Terra em torno do Sol (nessa expressão, m é a massa da Terra, r é o módulo do vetor posição da Terra em relação ao Sol, |V| o módulo da velocidade da Terra e [tex3]\alpha[/tex3] o ângulo entre r e V). A distância (OB), do apogeu ao centro do Sol, da trajetória que a Terra passa a percorrer após o choque com o meteoro, é dada pela relação:
a) [tex3]\frac{R^2V_0^2}{2GM-RV_0^2}[/tex3]
b) [tex3]\frac{R^2V_0^2}{2GM+RV_0^2}[/tex3]
c) [tex3]\frac{R^2V_0^2\,\sen ^2(\alpha)}{2GM+RV_0^2}[/tex3]
d) [tex3]\frac{R^2V_0^2}{2GM+RV_0^2\,\sen ^2(\alpha )}[/tex3]
e) [tex3]\Re[/tex3]
Editado pela última vez por jhonim em 24 Set 2012, 12:54, em um total de 2 vezes.
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Set 2012
29
08:43
Re: II Maratona de Física IME/ITA
Solução do Problema 165
Pela conservação da quantidade de movimento angular entre os pontos A e B:
[tex3]mV_oR=mV_Bd\,\,\Leftrightarrow \,\,\boxed{V_B=\frac{V_oR}{d}}[/tex3] , onde [tex3]d=OB[/tex3] . Neste caso, [tex3]\alpha=90^{\circ}[/tex3]
Pela conservação da energia mecânica entre os pontos A e B:
[tex3]E_{mecA}=E_{mecB}[/tex3]
[tex3]E_{pgA}+E_{cinA}=E_{pgB}+E_{cinB}[/tex3]
[tex3]-\frac{GMm}{R}+\frac{mV_o^2}{2}=-\frac{GMm}{d}+\frac{mV_B^2}{2}[/tex3]
[tex3]\frac{V_o^2}{2}+\frac{GM}{d}-\frac{GM}{R}-\frac{V_o^2R^2}{2d^2}=0[/tex3]
Arrumando:
[tex3]d^2\cdot \left(V_o^2-\frac{2GM}{R}\right)+d\cdot (2GM)-V_o^2R^2=0[/tex3]
[tex3]d=\frac{-2GM\pm \sqrt{4G^2M^2-4\cdot \left(V_o^2-\frac{2GM}{R}\right)\cdot (-V_o^2R^2)}}{2\cdot \left(V_o^2-\frac{2GM}{R}\right)}[/tex3]
[tex3]d=\frac{-2GM \pm \sqrt{4(GM-V_o^2R)^2}}{2\cdot \left(V_o^2-\frac{2GM}{R}\right)}[/tex3]
[tex3]d=\frac{-GMR\pm R(GM-V_o^2R)}{V_o^2R-2GM}[/tex3]
[tex3]d_1=R[/tex3] . Afélio
[tex3]d_2=\frac{R^2V_o^2}{2GM-V_o^2R}[/tex3] . Periélio
Pelo enunciado a distância pedida é o periélio. Portanto, [tex3]\boxed{\boxed{d=\frac{R^2V_o^2}{2GM-V_o^2R}}}[/tex3] . Letra A
------------------------------
Problema 166
(AFA - 2006) Duas esteiras mantêm movimentos uniformes e sincronizados de forma que bolinhas sucessivamente abandonadas em uma delas atingem ordenadamente recipientes conduzidos pela outra. Cada bolinha atinge o recipiente no instante em que a seguinte é abandonada. Sabe-se que a velocidade da esteira superior é [tex3]v[/tex3] e que o espaçamento das bolinhas é a metade da distância [tex3]d[/tex3] , entre os recipientes. Sendo [tex3]g[/tex3] a aceleração da gravidade local, a altura [tex3]h[/tex3] , entre as esteiras, pode ser calculada por:
a) [tex3]\frac{g}{8}\cdot \left(\frac{d}{v}\right)^2[/tex3]
b) [tex3]\frac{g}{2}\cdot \left(\frac{d}{v}\right)^2[/tex3]
c) [tex3]g\cdot \frac{d}{v}[/tex3]
d) [tex3]\frac{g}{2}\cdot \frac{d}{v}[/tex3]
Pela conservação da quantidade de movimento angular entre os pontos A e B:
[tex3]mV_oR=mV_Bd\,\,\Leftrightarrow \,\,\boxed{V_B=\frac{V_oR}{d}}[/tex3] , onde [tex3]d=OB[/tex3] . Neste caso, [tex3]\alpha=90^{\circ}[/tex3]
Pela conservação da energia mecânica entre os pontos A e B:
[tex3]E_{mecA}=E_{mecB}[/tex3]
[tex3]E_{pgA}+E_{cinA}=E_{pgB}+E_{cinB}[/tex3]
[tex3]-\frac{GMm}{R}+\frac{mV_o^2}{2}=-\frac{GMm}{d}+\frac{mV_B^2}{2}[/tex3]
[tex3]\frac{V_o^2}{2}+\frac{GM}{d}-\frac{GM}{R}-\frac{V_o^2R^2}{2d^2}=0[/tex3]
Arrumando:
[tex3]d^2\cdot \left(V_o^2-\frac{2GM}{R}\right)+d\cdot (2GM)-V_o^2R^2=0[/tex3]
[tex3]d=\frac{-2GM\pm \sqrt{4G^2M^2-4\cdot \left(V_o^2-\frac{2GM}{R}\right)\cdot (-V_o^2R^2)}}{2\cdot \left(V_o^2-\frac{2GM}{R}\right)}[/tex3]
[tex3]d=\frac{-2GM \pm \sqrt{4(GM-V_o^2R)^2}}{2\cdot \left(V_o^2-\frac{2GM}{R}\right)}[/tex3]
[tex3]d=\frac{-GMR\pm R(GM-V_o^2R)}{V_o^2R-2GM}[/tex3]
[tex3]d_1=R[/tex3] . Afélio
[tex3]d_2=\frac{R^2V_o^2}{2GM-V_o^2R}[/tex3] . Periélio
Pelo enunciado a distância pedida é o periélio. Portanto, [tex3]\boxed{\boxed{d=\frac{R^2V_o^2}{2GM-V_o^2R}}}[/tex3] . Letra A
------------------------------
Problema 166
(AFA - 2006) Duas esteiras mantêm movimentos uniformes e sincronizados de forma que bolinhas sucessivamente abandonadas em uma delas atingem ordenadamente recipientes conduzidos pela outra. Cada bolinha atinge o recipiente no instante em que a seguinte é abandonada. Sabe-se que a velocidade da esteira superior é [tex3]v[/tex3] e que o espaçamento das bolinhas é a metade da distância [tex3]d[/tex3] , entre os recipientes. Sendo [tex3]g[/tex3] a aceleração da gravidade local, a altura [tex3]h[/tex3] , entre as esteiras, pode ser calculada por:
a) [tex3]\frac{g}{8}\cdot \left(\frac{d}{v}\right)^2[/tex3]
b) [tex3]\frac{g}{2}\cdot \left(\frac{d}{v}\right)^2[/tex3]
c) [tex3]g\cdot \frac{d}{v}[/tex3]
d) [tex3]\frac{g}{2}\cdot \frac{d}{v}[/tex3]
Editado pela última vez por theblackmamba em 29 Set 2012, 08:43, em um total de 2 vezes.
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Set 2012
29
14:35
Re: II Maratona de Física IME/ITA
Solução do Problema 166
[tex3]h = v_0t + \frac{gt^2}{2}[/tex3] , como [tex3]v_0 = 0[/tex3] , temos:
[tex3]h = \frac{gt^2}{2}[/tex3] , como a espaçamento das bolinhas é a metade da distância [tex3]d[/tex3] na esteira de cima:
[tex3]h = \frac{g(\frac{d}{2v})^2}{2}[/tex3]
[tex3]h = \frac{g\frac{d^2}{4v^2}}{2}[/tex3]
[tex3]h = \frac{g}{8}\cdot\left(\frac{d}{v}\right)^2[/tex3]
Letra A.
-----------------------------------------------------------------------------------------------
Problema 167
(ITA-2001) Um capacitor plano é formado por duas placas paralelas, separadas entre si de uma distância [tex3]2 a[/tex3] ,
gerando em seu interior um campo elétrico uniforme [tex3]E[/tex3] . O capacitor está rigidamente fixado em um carrinho que se
encontra inicialmente em repouso. Na face interna de uma das placas encontra-se uma partícula de massa [tex3]m[/tex3] e carga [tex3]q[/tex3] presa por um fio curto e inextensível. Considere que não haja atritos e outras resistências a qualquer movimento e que seja [tex3]M[/tex3] a massa do conjunto capacitor mais carrinho. Por simplicidade, considere ainda a inexistência da ação da gravidade sobre a partícula. O fio é rompido subitamente e a partícula move-se em direção à outra placa. A velocidade da partícula no momento do impacto resultante, vista por um observador fixo ao solo, é
a) [tex3]\sqrt{\frac{4qEMa}{m(M+m)}}[/tex3]
b) [tex3]\sqrt{\frac{2qEMa}{m(M+m)}}[/tex3]
c) [tex3]\sqrt{\frac{qEa}{(M+m)}}[/tex3]
d) [tex3]\sqrt{\frac{4qEma}{M(M+m)}}[/tex3]
e) [tex3]\sqrt{\frac{4qEa}{m}}[/tex3]
[tex3]h = v_0t + \frac{gt^2}{2}[/tex3] , como [tex3]v_0 = 0[/tex3] , temos:
[tex3]h = \frac{gt^2}{2}[/tex3] , como a espaçamento das bolinhas é a metade da distância [tex3]d[/tex3] na esteira de cima:
[tex3]h = \frac{g(\frac{d}{2v})^2}{2}[/tex3]
[tex3]h = \frac{g\frac{d^2}{4v^2}}{2}[/tex3]
[tex3]h = \frac{g}{8}\cdot\left(\frac{d}{v}\right)^2[/tex3]
Letra A.
-----------------------------------------------------------------------------------------------
Problema 167
(ITA-2001) Um capacitor plano é formado por duas placas paralelas, separadas entre si de uma distância [tex3]2 a[/tex3] ,
gerando em seu interior um campo elétrico uniforme [tex3]E[/tex3] . O capacitor está rigidamente fixado em um carrinho que se
encontra inicialmente em repouso. Na face interna de uma das placas encontra-se uma partícula de massa [tex3]m[/tex3] e carga [tex3]q[/tex3] presa por um fio curto e inextensível. Considere que não haja atritos e outras resistências a qualquer movimento e que seja [tex3]M[/tex3] a massa do conjunto capacitor mais carrinho. Por simplicidade, considere ainda a inexistência da ação da gravidade sobre a partícula. O fio é rompido subitamente e a partícula move-se em direção à outra placa. A velocidade da partícula no momento do impacto resultante, vista por um observador fixo ao solo, é
a) [tex3]\sqrt{\frac{4qEMa}{m(M+m)}}[/tex3]
b) [tex3]\sqrt{\frac{2qEMa}{m(M+m)}}[/tex3]
c) [tex3]\sqrt{\frac{qEa}{(M+m)}}[/tex3]
d) [tex3]\sqrt{\frac{4qEma}{M(M+m)}}[/tex3]
e) [tex3]\sqrt{\frac{4qEa}{m}}[/tex3]
Editado pela última vez por felps em 29 Set 2012, 14:35, em um total de 2 vezes.
"É melhor lançar-se à luta em busca do triunfo,mesmo expondo-se ao insucesso,do que ficar na fila dos pobres de espírito,que nem gozam muito nem sofrem muito,por viverem nessa penumbra cinzenta de não conhecer vitória e nem derrota" F. Roosevelt
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Out 2012
01
19:12
Re: II Maratona de Física IME/ITA
Solução do Problema 167
Com o movimento da partícula de velocidade [tex3]v,[/tex3] o carrinho fará um movimento retardado com velocidade [tex3]V[/tex3] , em iguais instantes de tempo.
Pela conservação da quantidade de movimento (não há forças externas):
[tex3]mv=MV\,\,\Leftrightarrow \,\,V=\frac{mv}{M}[/tex3]
Pela conservação da energia mecânica:
[tex3]E_{mec.i}=E_{mec.f}[/tex3]
[tex3]E_{pot}+\cancelto0{E_{cin}}=E_{pot}'+E_{cin}'[/tex3]
[tex3]\Delta E_{pot}=E_{cin}'[/tex3]
[tex3]qU=\frac{1}{2}MV^2+\frac{1}{2}mv^2[/tex3]
[tex3]q\cdot E\cdot 2a=\frac{1}{2}\cdot M\cdot \frac{m^2v^2}{M^2}+\frac{1}{2}mv^2[/tex3]
[tex3]4qEMa =v^2\cdot (m^2+Mm)[/tex3]
[tex3]\boxed{v=\sqrt{\frac{4qEMa}{m(M+m)}}}[/tex3] . Letra A
----------------------
Problema 168
(AFA - 2007) Um projétil de massa [tex3]m[/tex3] incide horizontalmente sobre uma tábua com velocidade [tex3]v_1[/tex3] e a abandona com velocidade, ainda horizontal, [tex3]v_2[/tex3] . Considerando-se constante a força exercida pela tábua de espessura [tex3]d[/tex3] , pode-se afirmar que o tempo de perfuração é dado por:
a) [tex3]\frac{2d}{v_1+v_2}[/tex3]
b) [tex3]\frac{2d}{v_1-v_2}[/tex3]
c) [tex3]\frac{d}{2(v_1+v_2)}[/tex3]
d) [tex3]\frac{d}{2(v_1-v_2)}[/tex3]
Com o movimento da partícula de velocidade [tex3]v,[/tex3] o carrinho fará um movimento retardado com velocidade [tex3]V[/tex3] , em iguais instantes de tempo.
Pela conservação da quantidade de movimento (não há forças externas):
[tex3]mv=MV\,\,\Leftrightarrow \,\,V=\frac{mv}{M}[/tex3]
Pela conservação da energia mecânica:
[tex3]E_{mec.i}=E_{mec.f}[/tex3]
[tex3]E_{pot}+\cancelto0{E_{cin}}=E_{pot}'+E_{cin}'[/tex3]
[tex3]\Delta E_{pot}=E_{cin}'[/tex3]
[tex3]qU=\frac{1}{2}MV^2+\frac{1}{2}mv^2[/tex3]
[tex3]q\cdot E\cdot 2a=\frac{1}{2}\cdot M\cdot \frac{m^2v^2}{M^2}+\frac{1}{2}mv^2[/tex3]
[tex3]4qEMa =v^2\cdot (m^2+Mm)[/tex3]
[tex3]\boxed{v=\sqrt{\frac{4qEMa}{m(M+m)}}}[/tex3] . Letra A
----------------------
Problema 168
(AFA - 2007) Um projétil de massa [tex3]m[/tex3] incide horizontalmente sobre uma tábua com velocidade [tex3]v_1[/tex3] e a abandona com velocidade, ainda horizontal, [tex3]v_2[/tex3] . Considerando-se constante a força exercida pela tábua de espessura [tex3]d[/tex3] , pode-se afirmar que o tempo de perfuração é dado por:
a) [tex3]\frac{2d}{v_1+v_2}[/tex3]
b) [tex3]\frac{2d}{v_1-v_2}[/tex3]
c) [tex3]\frac{d}{2(v_1+v_2)}[/tex3]
d) [tex3]\frac{d}{2(v_1-v_2)}[/tex3]
Editado pela última vez por theblackmamba em 01 Out 2012, 19:12, em um total de 2 vezes.
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Out 2012
01
20:14
Re: II Maratona de Física IME/ITA
Solução do Problema 168
Da conservação de energia:
[tex3]I = q_2 - q_1[/tex3]
Sendo a aceleração negativa:
[tex3]-ma\Delta t = mv_2 - mv_1[/tex3]
[tex3]a\Delta t = v_1 - v_2[/tex3]
[tex3]\Delta t = \frac{v_1 - v_2}{a}[/tex3]
Da dinâmica tiramos que:
[tex3]v_f^2 = v_0^2 + 2ad[/tex3] , sendo a aceleração negativa:
[tex3]v_2^2 = v_1^2 - 2ad[/tex3]
[tex3]2ad = v_1^2 - v_2^2[/tex3]
[tex3]a = \frac{v_1^2 - v_2^2}{2d}[/tex3]
Substituindo:
[tex3]\Delta t = \frac{v_1 - v_2}{\frac{v_1^2 - v_2^2}{2d}}[/tex3]
[tex3]\Delta t = \frac{2d(v_1 - v_2)}{(v_1 - v_2)(v_1 + v_2)}[/tex3]
[tex3]\Delta t = \frac{2d}{v_1 + v_2}[/tex3]
Letra A.
------------------------------------------------------
Problema 169
(ITA-2001) Um elevador está descendo com velocidade constante. Durante este movimento, uma lâmpada, que o iluminava, desprende-se do teto e cai. Sabendo que o teto está a [tex3]3,0 m[/tex3] de altura acima do piso do elevador, o tempo que a lâmpada demora para atingir o piso é
a) [tex3]0,61 s[/tex3]
b) [tex3]0,78 s[/tex3]
c) [tex3]1,54 s[/tex3]
d) infinito, pois a lâmpada só atingirá o piso se o elevador sofrer uma desaceleração.
e) indeterminado, pois não se conhece a velocidade do elevador.
Da conservação de energia:
[tex3]I = q_2 - q_1[/tex3]
Sendo a aceleração negativa:
[tex3]-ma\Delta t = mv_2 - mv_1[/tex3]
[tex3]a\Delta t = v_1 - v_2[/tex3]
[tex3]\Delta t = \frac{v_1 - v_2}{a}[/tex3]
Da dinâmica tiramos que:
[tex3]v_f^2 = v_0^2 + 2ad[/tex3] , sendo a aceleração negativa:
[tex3]v_2^2 = v_1^2 - 2ad[/tex3]
[tex3]2ad = v_1^2 - v_2^2[/tex3]
[tex3]a = \frac{v_1^2 - v_2^2}{2d}[/tex3]
Substituindo:
[tex3]\Delta t = \frac{v_1 - v_2}{\frac{v_1^2 - v_2^2}{2d}}[/tex3]
[tex3]\Delta t = \frac{2d(v_1 - v_2)}{(v_1 - v_2)(v_1 + v_2)}[/tex3]
[tex3]\Delta t = \frac{2d}{v_1 + v_2}[/tex3]
Letra A.
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Problema 169
(ITA-2001) Um elevador está descendo com velocidade constante. Durante este movimento, uma lâmpada, que o iluminava, desprende-se do teto e cai. Sabendo que o teto está a [tex3]3,0 m[/tex3] de altura acima do piso do elevador, o tempo que a lâmpada demora para atingir o piso é
a) [tex3]0,61 s[/tex3]
b) [tex3]0,78 s[/tex3]
c) [tex3]1,54 s[/tex3]
d) infinito, pois a lâmpada só atingirá o piso se o elevador sofrer uma desaceleração.
e) indeterminado, pois não se conhece a velocidade do elevador.
Editado pela última vez por felps em 01 Out 2012, 20:14, em um total de 3 vezes.
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Out 2012
02
10:40
Re: II Maratona de Física IME/ITA
Solução do Problema 169
Tomamos o problema como referencial o elevador. Sendo assim podemos dizer que: se o elevador está com [tex3]V_{elev} = cte[/tex3] então [tex3]a=0[/tex3] . Então pode-se considerar que o elevador está parado e que o único movimento relevante é o de queda livre da lâmpada, levando em conta o referencial do elevador.
[tex3]H_{lamp}=3.0m[/tex3]
[tex3]H_{lamp}=H_0 + \frac{gt^{2}}{2}[/tex3]
[tex3]H_{lamp}=\frac{10t^{2}}{2}[/tex3]
[tex3]3=5t^{2}[/tex3]
[tex3]\frac{3}{5}=t^{2}[/tex3]
[tex3]t=0,78[/tex3]
Resp: Letra b
-----------------------------------------
Problema 170
(AFA - 2000) Uma série de [tex3]n[/tex3] projéteis, de [tex3]10g[/tex3] cada um, é disparada com velocidade [tex3]v = 503 m/s[/tex3] sobre um bloco amortecedor, de massa [tex3]M = 15 kg[/tex3] , que os absorve integralmente. Imediatamente após, o bloco desliza sobre um plano horizontal com velocidade [tex3]V = 3 m/s[/tex3] . Qual o valor de [tex3]n[/tex3] ?
a) 4
b) 6
c) 7
d) 9
Tomamos o problema como referencial o elevador. Sendo assim podemos dizer que: se o elevador está com [tex3]V_{elev} = cte[/tex3] então [tex3]a=0[/tex3] . Então pode-se considerar que o elevador está parado e que o único movimento relevante é o de queda livre da lâmpada, levando em conta o referencial do elevador.
[tex3]H_{lamp}=3.0m[/tex3]
[tex3]H_{lamp}=H_0 + \frac{gt^{2}}{2}[/tex3]
[tex3]H_{lamp}=\frac{10t^{2}}{2}[/tex3]
[tex3]3=5t^{2}[/tex3]
[tex3]\frac{3}{5}=t^{2}[/tex3]
[tex3]t=0,78[/tex3]
Resp: Letra b
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Problema 170
(AFA - 2000) Uma série de [tex3]n[/tex3] projéteis, de [tex3]10g[/tex3] cada um, é disparada com velocidade [tex3]v = 503 m/s[/tex3] sobre um bloco amortecedor, de massa [tex3]M = 15 kg[/tex3] , que os absorve integralmente. Imediatamente após, o bloco desliza sobre um plano horizontal com velocidade [tex3]V = 3 m/s[/tex3] . Qual o valor de [tex3]n[/tex3] ?
a) 4
b) 6
c) 7
d) 9
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Out 2012
03
18:32
Re: II Maratona de Física IME/ITA
Solução do Problema 170
Pela conservação da quantidade de movimento:
[tex3]m_iv_i = m_fv_f[/tex3]
[tex3]n \times 0,01 \times 503 = 15 \times 3[/tex3]
[tex3]n = \frac{45}{5,03}[/tex3]
[tex3]n \approx 9[/tex3] projéteis.
Letra D.
------------------------------------------------------------
Problema 171
(ITA-2001) Um centímetro cúbico de água passa a ocupar [tex3]1671 \, cm^3[/tex3] quando evapora à pressão de [tex3]1,0 \, atm[/tex3] . O calor de vaporização a essa pressão é de [tex3]539 \, cal/g[/tex3] . O valor que mais de aproxima do aumento de energia interna da água é:
a) [tex3]498 \, cal[/tex3]
b) [tex3]2082 \, cal[/tex3]
c) [tex3]498 \, J[/tex3]
d) [tex3]2082 \, J[/tex3]
e) [tex3]2424 \, J[/tex3]
Pela conservação da quantidade de movimento:
[tex3]m_iv_i = m_fv_f[/tex3]
[tex3]n \times 0,01 \times 503 = 15 \times 3[/tex3]
[tex3]n = \frac{45}{5,03}[/tex3]
[tex3]n \approx 9[/tex3] projéteis.
Letra D.
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Problema 171
(ITA-2001) Um centímetro cúbico de água passa a ocupar [tex3]1671 \, cm^3[/tex3] quando evapora à pressão de [tex3]1,0 \, atm[/tex3] . O calor de vaporização a essa pressão é de [tex3]539 \, cal/g[/tex3] . O valor que mais de aproxima do aumento de energia interna da água é:
a) [tex3]498 \, cal[/tex3]
b) [tex3]2082 \, cal[/tex3]
c) [tex3]498 \, J[/tex3]
d) [tex3]2082 \, J[/tex3]
e) [tex3]2424 \, J[/tex3]
Editado pela última vez por felps em 03 Out 2012, 18:32, em um total de 2 vezes.
"É melhor lançar-se à luta em busca do triunfo,mesmo expondo-se ao insucesso,do que ficar na fila dos pobres de espírito,que nem gozam muito nem sofrem muito,por viverem nessa penumbra cinzenta de não conhecer vitória e nem derrota" F. Roosevelt
Out 2012
04
09:21
Re: II Maratona de Física IME/ITA
Solução do Problema 171
[tex3]\Delta V = 1670\times 10^{-6} m^3[/tex3]
[tex3]\Delta U = Q - T[/tex3]
[tex3]\Delta U = 539\cdot 4 - 1\cdot 10^{5}\cdot 1670\times 10^{-6}[/tex3]
[tex3]\Delta U = 1989J = 497,25\,cal\approx 498\,cal[/tex3] . Letra A
---------------------------------------------------------------------------
Problema 172
(EN-2011) o bloco uniforme de massa [tex3]m = 0,2kg[/tex3] e altura [tex3]H = 20 cm[/tex3] oscila comprimindo , alternadamente , duas molas dispostas verticalmente ( ver a figura abaixo) . Despreze os atritos . As molas , de constantes elásticas [tex3]k_1= 1\times 10^3 N/m[/tex3] e [tex3]k_2= 2\times 10^3 N/m[/tex3] , possuem massas desprezíveis e , quando não deformadas , têm suas extremidades separadas pela distancia d . sabe-se que as molas sofrem a mesma compressão máxima [tex3]h = 10cm[/tex3] . No instante em que o centro de massa C do bloco estiver equidistante das molas , a sua energia cinética , em joules , é
a) 4,8
b) 5,0
c) 5,2
d) 7,3
e) 7,5
[tex3]\Delta V = 1670\times 10^{-6} m^3[/tex3]
[tex3]\Delta U = Q - T[/tex3]
[tex3]\Delta U = 539\cdot 4 - 1\cdot 10^{5}\cdot 1670\times 10^{-6}[/tex3]
[tex3]\Delta U = 1989J = 497,25\,cal\approx 498\,cal[/tex3] . Letra A
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Problema 172
(EN-2011) o bloco uniforme de massa [tex3]m = 0,2kg[/tex3] e altura [tex3]H = 20 cm[/tex3] oscila comprimindo , alternadamente , duas molas dispostas verticalmente ( ver a figura abaixo) . Despreze os atritos . As molas , de constantes elásticas [tex3]k_1= 1\times 10^3 N/m[/tex3] e [tex3]k_2= 2\times 10^3 N/m[/tex3] , possuem massas desprezíveis e , quando não deformadas , têm suas extremidades separadas pela distancia d . sabe-se que as molas sofrem a mesma compressão máxima [tex3]h = 10cm[/tex3] . No instante em que o centro de massa C do bloco estiver equidistante das molas , a sua energia cinética , em joules , é
a) 4,8
b) 5,0
c) 5,2
d) 7,3
e) 7,5
Editado pela última vez por Sevenkill em 04 Out 2012, 09:21, em um total de 8 vezes.
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Out 2012
17
23:40
Re: II Maratona de Física IME/ITA
Solução do Problema 175
Para o ponto mais baixo temos,
[tex3]Emec=Epot+Ecin=0+\frac{k\cdot h^2}{2}=\frac{2\times 10^3\cdot 0,1^2}{2}=10J[/tex3]
Para o ponto mais alto temos,
[tex3]Emec=Epot+Ecin=mgx+\frac{k\cdot h^2}{2}[/tex3]
[tex3]Emec=mgx+\frac{k\cdot h^2}{2}[/tex3]
[tex3]10=0.2\cdot 10 \cdot \left(d+h-\frac{H}{2}\right)+\frac{k\cdot h^2}{2}[/tex3]
[tex3]10=2 \cdot \left(d+0,1-\frac{0,2}{2}\right)+\frac{1\times 10^3\cdot 0,1^2}{2}[/tex3]
[tex3]10=2 \cdot d+5[/tex3]
[tex3]d=\frac{5}{2}\,m[/tex3]
No centro temos,
[tex3]Emec=Epot+Ecin[/tex3]
[tex3]10=mg\frac{d}{2}+Ecin[/tex3]
[tex3]Ecin=10-\frac{0,2\cdot 10\cdot 5}{4}[/tex3]
[tex3]\boxed{Ecin=7,5J}[/tex3] . Letra E
--------------------------------------------------------
Problema 176
(EN - 2000) O sistema indicado na figura abaixo está inicialmente em repouso, sendo ideais a polia e o fio. A massa do bloco vale [tex3]30\,kg[/tex3] , a aceleração da gravidade é igual a [tex3]10\,m/s^2[/tex3] e o módulo da forma [tex3]\vec{F}[/tex3] vale [tex3]150\,N[/tex3] . Podemos afirmar que o bloco
a) desce com aceleração igual a [tex3]4,0\,m/s^2[/tex3]
b) sobe com aceleração igual a [tex3]4,0\,m/s^2[/tex3]
c) desce com aceleração igual a [tex3]5,0\,m/s^2[/tex3]
d) sobe com aceleração igual a [tex3]5,0\,m/s^2[/tex3]
e) desce com velocidade constante.
Para o ponto mais baixo temos,
[tex3]Emec=Epot+Ecin=0+\frac{k\cdot h^2}{2}=\frac{2\times 10^3\cdot 0,1^2}{2}=10J[/tex3]
Para o ponto mais alto temos,
[tex3]Emec=Epot+Ecin=mgx+\frac{k\cdot h^2}{2}[/tex3]
[tex3]Emec=mgx+\frac{k\cdot h^2}{2}[/tex3]
[tex3]10=0.2\cdot 10 \cdot \left(d+h-\frac{H}{2}\right)+\frac{k\cdot h^2}{2}[/tex3]
[tex3]10=2 \cdot \left(d+0,1-\frac{0,2}{2}\right)+\frac{1\times 10^3\cdot 0,1^2}{2}[/tex3]
[tex3]10=2 \cdot d+5[/tex3]
[tex3]d=\frac{5}{2}\,m[/tex3]
No centro temos,
[tex3]Emec=Epot+Ecin[/tex3]
[tex3]10=mg\frac{d}{2}+Ecin[/tex3]
[tex3]Ecin=10-\frac{0,2\cdot 10\cdot 5}{4}[/tex3]
[tex3]\boxed{Ecin=7,5J}[/tex3] . Letra E
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Problema 176
(EN - 2000) O sistema indicado na figura abaixo está inicialmente em repouso, sendo ideais a polia e o fio. A massa do bloco vale [tex3]30\,kg[/tex3] , a aceleração da gravidade é igual a [tex3]10\,m/s^2[/tex3] e o módulo da forma [tex3]\vec{F}[/tex3] vale [tex3]150\,N[/tex3] . Podemos afirmar que o bloco
a) desce com aceleração igual a [tex3]4,0\,m/s^2[/tex3]
b) sobe com aceleração igual a [tex3]4,0\,m/s^2[/tex3]
c) desce com aceleração igual a [tex3]5,0\,m/s^2[/tex3]
d) sobe com aceleração igual a [tex3]5,0\,m/s^2[/tex3]
e) desce com velocidade constante.
Editado pela última vez por FilipeCaceres em 17 Out 2012, 23:40, em um total de 2 vezes.
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