Maratonas de MatemáticaIII Maratona de Matemática IME/ITA

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Re: III Maratona de Matemática IME/ITA

Mensagem não lida por theblackmamba » Sáb 17 Ago, 2013 12:58

Solução do Problema 50

O número de pares possíveis é:

[tex3](1,1,1,4)\times P_4^3=4[/tex3]
[tex3](1,1,2,3)\times P_4^2=12[/tex3]
[tex3](1,2,2,2)\times P_4^3=4[/tex3]

Totalizando [tex3]\boxed{20}[/tex3] maneiras possíveis de se obter a soma [tex3]7[/tex3] . Letra A

OBS.: [tex3]P_n^k[/tex3] é a combinação de repetição.

------------------------------------------

Problema 51

(IME - 1967/68) Na figura ao lado, sendo [tex3]AC=BC[/tex3] e [tex3]BD=BE[/tex3] , expressar [tex3]\alpha=f(\beta)[/tex3] .
ime1967-68geo.png
ime1967-68geo.png (13.51 KiB) Exibido 1408 vezes
Resposta

[tex3]\alpha=\frac{1}{3}\beta[/tex3]

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Re: III Maratona de Matemática IME/ITA

Mensagem não lida por FilipeCaceres » Sáb 17 Ago, 2013 13:39

Solução do Problema 51

Do enunciado temos,
[tex3]\angle BAC=\angle ACB=\delta[/tex3]

Também temos,
[tex3]\angle BDE=\angle DEB=\alpha[/tex3]

Do triângulo [tex3]BDE[/tex3]
[tex3](180-\delta)+\alpha+\alpha =180[/tex3]
[tex3]\delta =2\alpha[/tex3]

Seja [tex3]F[/tex3] a interseção de [tex3]AC[/tex3] com o prolongamento de [tex3]DE[/tex3] . Desta forma, do triângulo [tex3]AEF[/tex3] temos,
[tex3]\delta+\alpha=\beta[/tex3]
[tex3]2\alpha+\alpha=\beta[/tex3]
[tex3]\boxed{\alpha=\frac{\beta}{3}}[/tex3]

----------------------------------------------------

Problema 52

(IME-74/75) Considere a curva [tex3]C[/tex3] e a reta [tex3]R[/tex3] , com as equações abaixo: [tex3]C:\, y^2=4x[/tex3] ; [tex3]R :\, x-2y+3=0[/tex3] . Com [tex3]R[/tex3] intercepta [tex3]C[/tex3] em dois pontos [tex3]A[/tex3] e [tex3]B[/tex3] , determine a distância [tex3]\overline{AB}[/tex3] . Em caso negativo, explique qual a posição relativa de [tex3]C[/tex3] e [tex3]R[/tex3] .
Resposta

[tex3]\overline{AB}=4\sqrt{5}[/tex3]

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Re: III Maratona de Matemática IME/ITA

Mensagem não lida por theblackmamba » Seg 19 Ago, 2013 12:01

Solução do Problema 52

[tex3]x=2y-3[/tex3]

Substituindo o ponto na curva:

[tex3]y^2=4\cdot (2y-3)[/tex3]
[tex3]y^2-8y+12=0[/tex3]
[tex3]y=6\,\,\rightarrow\,\,x=9[/tex3] : Ponto A (arbitrariamente)
[tex3]y=2\,\,\rightarrow\,\,x=1[/tex3] : Ponto B

Logo a distância de AB vale:
[tex3]\overline{AB}=\sqrt{(9-1)^2+(6-2)^2}[/tex3]
[tex3]\overline{AB}=\sqrt{80}[/tex3]
[tex3]\boxed{\overline{AB}=4\sqrt{5}}[/tex3] .

----------------------------------

Problema 53

(IME - 1983/84) Seja o desenvolvimento [tex3]\left(\frac{1}{5}x+\frac{2}{5}\right)^n[/tex3] onde [tex3]n[/tex3] é um um úmero inteiro positivo. Determine [tex3]n[/tex3] sabendo-se que o maior dos coeficientes é o do termo em [tex3]x^{n-9}[/tex3] .
Resposta

[tex3]n=13[/tex3]
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Re: III Maratona de Matemática IME/ITA

Mensagem não lida por FilipeCaceres » Seg 19 Ago, 2013 23:26

Solução do Problema 53

Reescrevendo,
[tex3]\frac{1}{5^n}(x+2)^n[/tex3]

Sabendo que dado um binômio do tipo [tex3](x+a)^n[/tex3] podemos calcular um termo qualquer da seguinte forma
[tex3]T_{k+1}={n\choose k}x^{n-k}a^{k}[/tex3] , segundo as potência decrescentes.

Desta forma podemos escrever o seguinte
[tex3]{n\choose n-8}2^{8}x^{n-8}<{n\choose n-9}2^{9}x^{n-9}<{n\choose n-10}2^{10}x^{n-10}[/tex3]
[tex3]\frac{n!}{(n-8)!8!}2^8<\frac{n!}{(n-9)!9!}2^9[/tex3]
[tex3]\frac{n!}{(n-9)!9!}2^9<\frac{n!}{(n-10)!10!}2^{10}[/tex3]

[tex3]9<(n-8)\cdot 2[/tex3]
[tex3]10<(n-9)\cdot 2[/tex3]

[tex3]25<2n<28[/tex3]
[tex3]\boxed{n=13}[/tex3]

-------------------------------------------

Problema 54

(IME - 1970/1971) No plano [tex3]xy[/tex3] uma curva é definida pelas equações
[tex3]x=10+6\cos2t[/tex3]
[tex3]y=-6\sin2t[/tex3]
Marcar abaixo o coeficiente angular de uma reta que tangencia a curva dada num ponto de abscissa [tex3]x=13[/tex3] e de ordenada [tex3]y>0[/tex3] .

[tex3]a)1/ \sqrt{3}[/tex3]
[tex3]b)\sqrt{3}[/tex3]
[tex3]c)-\sqrt{3}[/tex3]
[tex3]d)-1/\sqrt{3}[/tex3]
[tex3]e)3\sqrt{3}[/tex3]
[tex3]f)NRA[/tex3]
Resposta

Letra D
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Re: III Maratona de Matemática IME/ITA

Mensagem não lida por theblackmamba » Ter 20 Ago, 2013 13:56

Solução do Problema 54

Para [tex3]x=13[/tex3] :
[tex3]13=10+6\cos (2t)[/tex3]
[tex3]\cos(2t)=\frac{1}{2}[/tex3]

Sabendo que [tex3]\sin^2x+\cos^2x=1[/tex3] temos:

Para termos [tex3]y>0[/tex3] é necessário que [tex3]\sin(2t)<0\,\,\therefore\,\,\sin (2t)=-\frac{\sqrt{3}}{2}\,\,\Rightarrow\,\,y=3\sqrt{3}[/tex3]

Isolando as funções trigonométricas:

[tex3]\left(\frac{x-10}{6}\right)^2+\left(\frac{y}{-6}\right)^2=1[/tex3]

Derivando em relação a [tex3]x[/tex3] :

[tex3]\frac{1}{36}\cdot \left[2(x-10)\cdot \frac{d}{dx}(x)+ 2y\cdot \frac{dy}{dx}\right]=0[/tex3]
[tex3]2\cdot (13-10)\cdot 1+2\cdot 3\sqrt{3}\cdot \frac{dy}{dx}=0[/tex3]
[tex3]\boxed{\frac{dy}{dx}=-\frac{1}{\sqrt{3}}}[/tex3] . Letra C

--------------------------------

Problema 55

(IME -1970/71) Um corpo se move no plano [tex3]xy[/tex3] descrevendo a trajetória [tex3]y=Ax^2-C[/tex3] . Sua projeção no eixo dos [tex3]x[/tex3] se move com a velocidade de [tex3]B\,\,u.v.[/tex3] (unidade de velocidade). A velocidade da projeção vertical será, portanto:

[tex3]a)\,\,2Ax[/tex3]
[tex3]b)\,\,2Ax+B[/tex3]
[tex3]c)\,\,2ABx[/tex3]
[tex3]d)\,\,2Ax-B[/tex3]
[tex3]e)\,\,\frac{2Ax}{B}[/tex3]
[tex3]f)\,\,\text{N.R.A}[/tex3]
Resposta

[tex3]c)[/tex3]
Última edição: theblackmamba (Ter 20 Ago, 2013 13:56). Total de 2 vezes.


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Ago 2013 20 23:21

Re: III Maratona de Matemática IME/ITA

Mensagem não lida por FilipeCaceres » Ter 20 Ago, 2013 23:21

Solução do Problema 55

Derivando em relação ao tempo temos,
[tex3]\frac{dy}{dt}=2Ax\frac{dx}{dt}[/tex3]

Mas do enunciado temos,
[tex3]\frac{dx}{dt}=B[/tex3]

Portanto,
[tex3]\boxed{\frac{dy}{dt}=v_y=2ABx\,\,\,u.v.}[/tex3] . Letra C

--------------------------------------------------------------------

Problema 56

(IME - 1977/1978) De um ponto [tex3]P(x, y)[/tex3] traçam-se duas tangentes à elipse [tex3]\frac{x^2}{16}+\frac{y^2}{9}=1[/tex3] . Determine a equação do lugar geométrico do ponto [tex3]P[/tex3] , de tal forma que estas tangentes sejam perpendiculares entre si.
Resposta

Circunferência centrada na origem de raio [tex3]r=5[/tex3]
Última edição: FilipeCaceres (Ter 20 Ago, 2013 23:21). Total de 2 vezes.



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Ago 2013 27 13:50

Re: III Maratona de Matemática IME/ITA

Mensagem não lida por FilipeCaceres » Ter 27 Ago, 2013 13:50

Solução do Problema 56
IME77-78_sol.png
IME77-78_sol.png (12.61 KiB) Exibido 1319 vezes
O ponto F'_2 é a reflexão de F_2 em relação a reta r, sendo \overline{F_1 F'_2}=2a.

Sabemos que \angle APB =90^{\circ}, logo \angle F_1PF'_2 =90^{\circ}. Desta forma temos que o triângulo \Delta F_1 P F'_2 é retângulo.

Por pitágoras,
\overline{F_1 P}^2+\overline{PF'_2}^2=4a^2, mas \overline{PF'_2}=\overline{PF_2}

Assim temos,
\overline{F_1 P}^2+\overline{PF_2}^2=4a^2

Seja P um ponto qualquer (x,y) e F_1=(0,-c),\,\,F_2=(0,c)

Substituindo,
x^2+(y+c)^2+x^2+(y-c^2)=4a^2
x^2+y^2+c^2+x^2+y^2+c^2=4a^2
x^2+y^2=2a^2-c^2=a^2 +(a^2-c^2)=a^2+b^2
x^2+y^2=16+9
\boxed{x^2+y^2=25}

Que representa uma circunferência centrada na origem de raio R=\sqrt{16+9}=5.

-------------------------------------------------------------------------------------------------------

Problema 57

(ITA - 1980) No sistema de coordenadas cartesianas ortogonais, a equação x^2+y^2=ax+by, onde a e b são números reais não nulos, representa a seguinte
curva:
a)Circunferência de raio \frac{\sqrt{a^2+b^2}}{2}
b)Circunferência de raio \sqrt{a^2+b^2}
c)Circunferência de raio \frac{a+b}{2}
d)Parábola de vértice no ponto (a,b)
e)Elípse com semi-eixos de comprimentos \frac{a}{2},\frac{b}{2}
Resposta

Letra A
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Re: III Maratona de Matemática IME/ITA

Mensagem não lida por theblackmamba » Qua 28 Ago, 2013 09:25

Solução do Problema 57

[tex3]x^2+y^2=ax+by[/tex3]

Vamos tentar eliminar os termos em [tex3]x,y[/tex3] do lado direito e ao mesmo tempo completar os quadrados no lado esquerdo:

Somando o termo [tex3]\left(-ax+\frac{a^2}{4}-by+\frac{b^2}{4}\right)[/tex3] em ambos os lados:

[tex3]\left[x^2-2\cdot \frac{a}{2}\cdot x+\left(\frac{a}{2}\right)^2\right]+\left[y^2-2\cdot \frac{b}{2}\cdot y+\left(\frac{b}{2}\right)^2\right]=\frac{a^2+b^2}{4}[/tex3]
[tex3]\left(x-\frac{a}{2}\right)^2+\left(y-\frac{b}{2}\right)=\left(\frac{\sqrt{a^2+b^2}}{2}\right)^2[/tex3]

Logo temos uma circunferência de centro [tex3]C\left(\frac{a}{2},\frac{b}{2}\right)[/tex3] e raio [tex3]\frac{\sqrt{a^2+b^2}}{2}[/tex3] . Letra A

--------------------------------------------------

Problema 58

(IME - 1969/70) Verifique se: [tex3]\arcsin \sqrt{\frac{1}{1+m}}=\arctan \sqrt{\frac{1}{m}}[/tex3]
Resposta

Verdadeiro
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Re: III Maratona de Matemática IME/ITA

Mensagem não lida por FilipeCaceres » Qua 28 Ago, 2013 13:48

Solução do Problema 58

Seja [tex3]\alpha= \arcsin \sqrt{\frac{1}{1+m}}=\arctan \sqrt{\frac{1}{m}}[/tex3]

Pa primeira igualdade,
[tex3]\alpha =\arcsin \sqrt{\frac{1}{1+m}}[/tex3]

Substituindo em [tex3]sin^2\alpha +\cos\alpha =1[/tex3] temos,
[tex3]\cos\alpha =\sqrt{\frac{m}{1+m}}[/tex3]

Assim temos,
[tex3]\tan\alpha=\frac{\sqrt{\frac{1}{1+m}}}{\sqrt{\frac{m}{1+m}}}=\sqrt{\frac{1}{m}}[/tex3]

Logo,
[tex3]\alpha =\arctan \sqrt{\frac{1}{m}}[/tex3]

Portanto,
[tex3]\arcsin \sqrt{\frac{1}{1+m}}=\arctan \sqrt{\frac{1}{m}}[/tex3] Como queríamos mostrar.

-----------------------------------------------------------------------------

Problema 59

(IME – 1969/1970) Calcule a área de um triângulo obliquângulo, de mediano [tex3]m_A=9cm,\, m_B = 6cm,\, m_C = 5cm.[/tex3]
Resposta

[tex3]S=\frac{40}{3}\sqrt{2}\,\,cm^2[/tex3]
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Ago 2013 29 12:35

Re: III Maratona de Matemática IME/ITA

Mensagem não lida por theblackmamba » Qui 29 Ago, 2013 12:35

Solução do Problema 59

De acordo com a demonstração da Área do Triângulo em Função das Medianas temos que:

[tex3]s=\frac{9+6+5}{2}10\,cm[/tex3]

[tex3]S=\frac{4}{3}\sqrt{10\cdot 1\cdot 4\cdot 5}=\frac{4}{3}\sqrt{100\cdot 2}[/tex3]

[tex3]\boxed{S=\frac{40\sqrt{2}}{3}\,cm^2}[/tex3]

----------------------------------------------

Problema 60

(IME - 1964/65) Sabendo-se que [tex3]e=\sum_{m=0}^{\infty}\frac{1}{m!}[/tex3] ; calcule [tex3]R=\frac{1+\sum_{n=2}^{\infty}\frac{n^2}{n!}}{e}[/tex3]

OBS.: [tex3]m![/tex3] é fatorial de [tex3]m[/tex3] .
Resposta

[tex3]R=2[/tex3]

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