[tex3]\frac{[ACDE]}{[ABC]}=2[/tex3]
Olimpíadas ⇒ Razão entre áreas Tópico resolvido
Moderador: [ Moderadores TTB ]
Dez 2021
19
12:09
Razão entre áreas
Na figura a seguir [tex3]\Delta ABC[/tex3]
Autor: Thanasis Gakopoulos.
[tex3]\frac{[ACDE]}{[ABC]}=2[/tex3]
é um triângulo equilátero e [tex3]ACDE[/tex3]
é um retângulo. Determine a razão entre as áreas [tex3]\frac{[ACDE]}{[ABC]}[/tex3]
e prove que [tex3](B,G,H,F)[/tex3]
e [tex3](F,G_1,H,B)[/tex3]
são conjugados harmônicos.
Resposta
[tex3]\frac{[ACDE]}{[ABC]}=2[/tex3]
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Dez 2021
19
15:14
Re: Razão entre áreas
[tex3]\angle G_1ED = \angle G_1YX = \angle G_1XY = \angle G_1DE[/tex3]
Portanto, [tex3]G_1[/tex3] está na mediatriz de [tex3]ED[/tex3] , que é a mediatriz de [tex3]AC[/tex3] , logo a reta [tex3]BG_1[/tex3] é mediatriz de [tex3]AC[/tex3] , logo [tex3]H[/tex3] e [tex3]F[/tex3] são pontos médios respectivamente de [tex3]AC[/tex3] e [tex3]ED[/tex3] ; e [tex3]G \in BG_1[/tex3] .
Sabemos que o quadrilátero [tex3]BAG_1C[/tex3] é harmônico, pois [tex3]AG_1 \cdot BC = G_1C \cdot AB[/tex3] .
Depois eu continuo, pois preciso verificar se é verdade que um feixe de retas que passe pelos vértices de um quadrilátero harmônico é um feixe harmônico. Se isso for verdade, o problema sai "fácil". EDIT: esse resultado não é válido, então deve ter outro jeito.
Última edição: FelipeMartin (Dom 19 Dez, 2021 21:15). Total de 11 vezes.
φως εσύ και καρδιά μου εγώ πόσο σ' αγαπώ.
Dez 2021
22
16:22
Re: Razão entre áreas
Incrível que traçando as tangentes por [tex3]F[/tex3]
elas passam por [tex3]A[/tex3]
e [tex3]C[/tex3]
.
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Dez 2021
22
19:26
Re: Razão entre áreas
Babi123, tem muita simetria nesse problema. Mandei ele pro mathse pra ver se alguém resolve sem apelar pra contas.
φως εσύ και καρδιά μου εγώ πόσο σ' αγαπώ.
Dez 2021
22
20:10
Re: Razão entre áreas
Verdade, o problema é bem rico, e, de fato, se for resolver "fazendo contas", provavelmente, vai acabar escondendo muita coisa boa que o problema apresenta em sua essência.FelipeMartin escreveu: ↑Qua 22 Dez, 2021 19:26Babi123, tem muita simetria nesse problema. Mandei ele pro mathse pra ver se alguém resolve sem apelar pra contas.
Última edição: Babi123 (Qua 22 Dez, 2021 20:11). Total de 1 vez.
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Dez 2021
22
20:11
Re: Razão entre áreas
ele lembra muito o círculo de Apolônio.
φως εσύ και καρδιά μου εγώ πόσο σ' αγαπώ.
Dez 2021
22
22:49
Re: Razão entre áreas
Os triangulos [tex3]\Delta HG_1Y[/tex3]
[tex3]\frac{FD}{HY}=\frac{G_1F}{G_1H}[/tex3]
Mas os triangulos [tex3]\Delta BHY[/tex3] e [tex3]\Delta BFD[/tex3] também são semelhantes então:
[tex3]\frac{FD}{HY}=\frac{BF}{BH}[/tex3]
então juntando as equações
[tex3]\frac{G_1F}{G_1H}=\frac{BF}{BH}[/tex3]
Sendo R o raio da circunferência
[tex3]BG=CG=R[/tex3]
[tex3]GH=R.\sen(30^o)=R/2[/tex3]
[tex3]G_1H=R-\frac{R}{2}=\frac{R}{2}[/tex3]
[tex3]BH=R+\frac{R}{2}=\frac{3R}{2}[/tex3]
substituindo na primeira relação encontrada
[tex3]\frac{G_1F}{\frac{R}{2}}=\frac{BF}{\frac{3R}{2}}[/tex3]
[tex3]\frac{G_1F}{\frac{R}{2}}=\frac{2R+G_1F}{\frac{3R}{2}}[/tex3]
[tex3]3G_1F=2R+G_1F[/tex3]
[tex3]G_1F=R[/tex3]
[tex3]HF=\frac{R}{2}+R=\frac{3R}{2}[/tex3]
também temos que
[tex3]CH=R\cos(30^o)=\frac{R\sqrt3}{2}[/tex3]
[tex3]AC=2.CH=R\sqrt3[/tex3]
A área do retângulo será:
[tex3]Area_R=HF.AC=R\sqrt3.\frac{3R}{2}[/tex3]
[tex3]Area_R=\frac{3\sqrt3.R^2}{2}[/tex3]
Sabendo que o raio da circunferência é R não é muito difícil concluir que a area do trianqulo equilátero
[tex3]Area_{\Delta}=\frac{3\sqrt3.R^2}{4}[/tex3]
Logo
[tex3]\frac{Area_R}{Area_{\Delta}}=2[/tex3]
e [tex3]\Delta G_1FD[/tex3]
são semelhantes então[tex3]\frac{FD}{HY}=\frac{G_1F}{G_1H}[/tex3]
Mas os triangulos [tex3]\Delta BHY[/tex3] e [tex3]\Delta BFD[/tex3] também são semelhantes então:
[tex3]\frac{FD}{HY}=\frac{BF}{BH}[/tex3]
então juntando as equações
[tex3]\frac{G_1F}{G_1H}=\frac{BF}{BH}[/tex3]
Sendo R o raio da circunferência
[tex3]BG=CG=R[/tex3]
[tex3]GH=R.\sen(30^o)=R/2[/tex3]
[tex3]G_1H=R-\frac{R}{2}=\frac{R}{2}[/tex3]
[tex3]BH=R+\frac{R}{2}=\frac{3R}{2}[/tex3]
substituindo na primeira relação encontrada
[tex3]\frac{G_1F}{\frac{R}{2}}=\frac{BF}{\frac{3R}{2}}[/tex3]
[tex3]\frac{G_1F}{\frac{R}{2}}=\frac{2R+G_1F}{\frac{3R}{2}}[/tex3]
[tex3]3G_1F=2R+G_1F[/tex3]
[tex3]G_1F=R[/tex3]
[tex3]HF=\frac{R}{2}+R=\frac{3R}{2}[/tex3]
também temos que
[tex3]CH=R\cos(30^o)=\frac{R\sqrt3}{2}[/tex3]
[tex3]AC=2.CH=R\sqrt3[/tex3]
A área do retângulo será:
[tex3]Area_R=HF.AC=R\sqrt3.\frac{3R}{2}[/tex3]
[tex3]Area_R=\frac{3\sqrt3.R^2}{2}[/tex3]
Sabendo que o raio da circunferência é R não é muito difícil concluir que a area do trianqulo equilátero
[tex3]Area_{\Delta}=\frac{3\sqrt3.R^2}{4}[/tex3]
Logo
[tex3]\frac{Area_R}{Area_{\Delta}}=2[/tex3]
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Dez 2021
23
00:16
Re: Razão entre áreas
Babi123, responderam lá no fórum. A segunda parte na verdade é a mais simples:
[tex3]DEXY[/tex3] é um quadrângulo completo cujos lados opostos [tex3]EX[/tex3] e [tex3]DY[/tex3] se encontram em [tex3]B[/tex3] e os "lados opostos" (projetivamente as diagonais de um "quadrilátero" podem ser vistas como lados opostos do quadrângulo) [tex3]XD[/tex3] e [tex3]YE[/tex3] se encontram em [tex3]G_1[/tex3] , logo as "diagonais" [tex3]XY[/tex3] e [tex3]ED[/tex3] marcam em [tex3]BG_1[/tex3] uma quadrupla harmônica, logo [tex3]\mathcal H(B,G_1;H,F)[/tex3] .
A prova é simples: Seja [tex3]\infty = ED \cap XY[/tex3]
[tex3]BG_1FH \frac{E}{\overline\wedge} XY\infty H \frac{D}{\overline\wedge} G_1BFH[/tex3]
dai a razão anarmônica/cruzada dá -1. Igualzinho a prova daqui.
A segunda parte é mais tranquila, pois sabendo que [tex3]G[/tex3] é, dentre muitas outras coisas, ortocentro do [tex3]\triangle ABC[/tex3] , então [tex3]G_1[/tex3] por ser o encontro da altura [tex3]BG[/tex3] com o [tex3](ABC)[/tex3] deve ser o simétrico de [tex3]G[/tex3] em relação a [tex3]H[/tex3] , logo [tex3]HG=HG_1[/tex3] . Esse fato somado ao primeiro permitem determinar o ponto [tex3]F[/tex3] diretamente. Dai saem todas as simetrias do problema. Bem legal essa questão do quadrângulo completo.
[tex3]DEXY[/tex3] é um quadrângulo completo cujos lados opostos [tex3]EX[/tex3] e [tex3]DY[/tex3] se encontram em [tex3]B[/tex3] e os "lados opostos" (projetivamente as diagonais de um "quadrilátero" podem ser vistas como lados opostos do quadrângulo) [tex3]XD[/tex3] e [tex3]YE[/tex3] se encontram em [tex3]G_1[/tex3] , logo as "diagonais" [tex3]XY[/tex3] e [tex3]ED[/tex3] marcam em [tex3]BG_1[/tex3] uma quadrupla harmônica, logo [tex3]\mathcal H(B,G_1;H,F)[/tex3] .
A prova é simples: Seja [tex3]\infty = ED \cap XY[/tex3]
[tex3]BG_1FH \frac{E}{\overline\wedge} XY\infty H \frac{D}{\overline\wedge} G_1BFH[/tex3]
dai a razão anarmônica/cruzada dá -1. Igualzinho a prova daqui.
A segunda parte é mais tranquila, pois sabendo que [tex3]G[/tex3] é, dentre muitas outras coisas, ortocentro do [tex3]\triangle ABC[/tex3] , então [tex3]G_1[/tex3] por ser o encontro da altura [tex3]BG[/tex3] com o [tex3](ABC)[/tex3] deve ser o simétrico de [tex3]G[/tex3] em relação a [tex3]H[/tex3] , logo [tex3]HG=HG_1[/tex3] . Esse fato somado ao primeiro permitem determinar o ponto [tex3]F[/tex3] diretamente. Dai saem todas as simetrias do problema. Bem legal essa questão do quadrângulo completo.
Última edição: FelipeMartin (Qui 23 Dez, 2021 14:40). Total de 2 vezes.
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