Seja [tex3]\mathsf{ABCD}[/tex3]
um romboide de lados [tex3]\mathsf{\overline{AB} \ = \ \overline{CD} \ = \ n}[/tex3]
e [tex3]\mathsf{\overline{AD} \ = \ \overline{BC} \ = \ j}[/tex3]
, com ângulos [tex3]\mathsf{\alpha \ + \ \beta \ = \ 180^\circ.}[/tex3]
Ao prolongarmos os lados na simetria proposta pelo enunciado (ou seja, mantendo as distâncias [tex3]\mathsf{j, n}[/tex3]
entre os pontos), teremos a seguinte construção:
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Ao ligarmos as projeções [tex3]\mathsf{A', B', C', D'}[/tex3]
entre si, teremos dois triângulos correspondentes entre si:
[tex3]\mathsf{\triangle AA'B' \ = \ \triangle CC'D'}[/tex3]
e [tex3]\mathsf{\triangle BB'C' \ = \ \triangle ADD'}[/tex3]
(ambos os casos [tex3]\mathsf{L-A-L}[/tex3]
), como pode se ver em:
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Para provarmos isso, usaremos a marcação de ângulos:
- Desenho03.jpg (26.05 KiB) Exibido 731 vezes
O ângulo [tex3]\mathsf{\zeta}[/tex3]
, em [tex3]\mathsf{\triangle AA'B' \ | \ \triangle CC'D'}[/tex3]
é o oposto ao lado [tex3]\mathsf{2\cdot j}[/tex3]
e o ângulo [tex3]\mathsf{\mu}[/tex3]
é o oposto ao lado [tex3]\mathsf{j}[/tex3]
nos triângulos [tex3]\mathsf{\triangle BB'C' \ | \ \triangle ADD'}[/tex3]
, de forma que [tex3]\mathsf{\zeta \ + \ \mu \ = \ C'\widehat{D'}A' \ = \ 130^\circ}[/tex3]
.
Analogamente, temos os pares de ângulos [tex3]\mathsf{\lambda \ + \ \psi \ = \ D'\widehat{A'}B'}[/tex3]
.
Pela figura, percebe-se a correspondência de ângulos, de forma que:
[tex3]\mathsf{\underbrace{2\cdot130^\circ}_{C'\widehat{D'}A' \ = \ A'\widehat{B'}C'} \ + \ \mathsf{\underbrace{2\cdot D'\widehat{A'}B'}_{D'\widehat{A'}B' \ = \ B'\widehat{C'}D' \ = \ \lambda \ + \ \psi}} \ = \ 360^\circ \ \rightarrow}[/tex3]
[tex3]\mathsf{130^\circ \ + \ D'\widehat{A'}B' \ = \ 180^\circ \ \rightarrow}[/tex3]
[tex3]\boxed{\boxed{\mathsf{D'\widehat{A'}B' \ = \ 50^\circ}}}[/tex3]
That's all I'd do all day. I'd just be the catcher in the rye and all.
"Last year's wishes are this year's apologies... Every last time I come home (...)"
Poli-USP